Chirurgia spinală minim invazivă
Chirurgia spinală minim invazivă oferă pacienților oportunitatea unui tratament eficient, permițându-le o recuperare ultra rapidă și nu în ultimul rând minimizând leziunile induse chirurgical. Echipa noastră utilizează un spectru larg de tehnici minim invazive, din care enumerăm câteva: endoscopia cu variantele ei (transnazală, transtoracică, transmusculară, etc), microscopul operator, abordurile trans tubulare și nu în ultimul rând infiltrațiile la toate nivelurile coloanei vertebrale. www.neurohope.ro |
Probleme matematică
Ultima postare: aug 09 2017 07:31, Inițiat de
Zamo
, mar 14 2008 18:22
·
0
#4879
Publicat: 24 iunie 2017 - 19:20
Baggins, on 24 iunie 2017 - 16:09, said:
Se dă polinomul f(x) = x^3 - x + a , a număr real a=? astfel încăt f are rădacini întregi Problema e cam ambiguă: cel putin o rădăcină întreagă sau toate rădăcinile întregi . În primul caz a este produsul a trei numere întregi consecutive; în cel de-al doilea a = 0 (rezultă folosind primele două relaţii ale lui Viete). |
#4880
Publicat: 24 iunie 2017 - 19:44
Nu pricep.
De asemenea, nu pricep nici varianta dată de ei: [ https://s2.postimg.org/vxi8ogbk9/adabf77706b47c2bda57de4120973f79.png - Pentru incarcare in pagina (embed) Click aici ] Acolo nu era x2 aparţine (x1,x3) şi x3 aparţine (x3,+inf)? De unde rezultă că x2=0 apoi? Plus că au plecat au plecat de la faptul că toate sunt întregi, iar eu din cerinţă înţeleg că cel puţin una. Editat de Baggins, 24 iunie 2017 - 19:48. |
#4881
Publicat: 24 iunie 2017 - 21:02
Baggins, on 24 iunie 2017 - 19:44, said: Nu pricep. O ecuatie de gradul trei are o radacina reala si doua complexe sau trei radacini reale (eventual coincidente). Din cerintele problemei ("radacini intregi", cu pluralul nearticulat) se deduce ca trebuie sa avem mai mult de o radacina intreaga, deci cel putin doua radacini intregi -> reale -> toate trei radacinile trebuie sa fie reale. Aceasta inseamna ca una dintre radacinile lui f(x) trebuie sa se gaseasca intre radacinile distincte ale derivatei f'(x) -> intre -1/sqrt(3) si 1/sqrt(3). Mai mult, deoarece suma radacinilor lui f(x) este un intreg (cf. Viète) si doua radacini sunt sigur intregi, rezulta ca si a treia trebuie sa fie tot intreaga. Inseamna deci ca una dintre radacinile lui f(x) trebuie sa fie unul dintre numerele intregi cuprinse intre -0,57735... si 0,57735.... Singurul numar intreg cuprins in acel interval este 0 (scuze pentru mesajul precedent, uitasem sa inversez fractia). Deci x = 0 este solutie a f(x) de unde termenul liber trebuie sa se anuleze -> a = 0. Inlocuind aceasta valoare in ecuatia f(x) = 0 gasim o ecuatie cu solutiile imediate x1 = -1, x2 = 0, x3 = 1. Asadar aceasta este unica solutie (exista, fiindca are radacini intregi). Quote Plus că au plecat au plecat de la faptul că toate sunt întregi, iar eu din cerinţă înţeleg că cel puţin una. vvilmos are dreptate, enuntul este formulat usor ambiguu, problemele de matematica nu trebuie sa constituie exercitii de semantism in interpretarea LR ci sa puna probleme matematice. Editat de mdionis, 24 iunie 2017 - 21:11. |
#4882
Publicat: 25 iunie 2017 - 17:55
Putin ajutor, va rog.
Daca A, B sunt doua matrice (dimensiune nxn, n>=3) cu intrari complexe si polinomul minimal al lui AB este x^3, rezulta ca polimomul minimal al lui BA este x^2 sau x^3? Pentru n=3 nu sunt probleme, insa pentru n>3 nu gasesc o justificare de ce ar fi asa. Si daca nu e asa, ce contraexemplu sa gasesc? |
#4883
Publicat: 25 iunie 2017 - 23:45
danutz96, on 25 iunie 2017 - 17:55, said:
Putin ajutor, va rog. Daca A, B sunt doua matrice (dimensiune nxn, n>=3) cu intrari complexe si polinomul minimal al lui AB este x^3, rezulta ca polimomul minimal al lui BA este x^2 sau x^3? Pentru n=3 nu sunt probleme, insa pentru n>3 nu gasesc o justificare de ce ar fi asa. Si daca nu e asa, ce contraexemplu sa gasesc? Pentru n>3 polinomul minimal al lui BA poate fi şi x^4 (şi atât!). Exemplu: A = [[0, 1, 0, 0], [0, 0, 1, 0], [0, 0, 0, 1], [0, 1, 0, 0]] B = [[0, 1, 0, 0], [0, 0, 1, 0], [0, 0, 0, 1], [0, 0, 0, 0]] |
#4886
Publicat: 30 iunie 2017 - 19:08
carbaSTAN, on 30 iunie 2017 - 16:11, said: se poate rezolva problema asta in alt mod? Posibil, insa la nivel de clasa a V-a si (oricum) cea mai simpla cale este cea indicata in solutie. Quote eventual, observand ca 2017 divide orice numar de forma an? Nu. Problema cere altceva. Este insa adevarat ca enuntul nu straluceste prin claritate si trebuie citit cu atentie pentru a intelege cerinta in mod corect. carbaSTAN, on 30 iunie 2017 - 17:08, said: hai mai colegilor, ce pisici, ... Hmmm. Nu este exact cel mai indicat mod de a cere in mod dragut si respectuos un ajutor gratios si dezinteresat din partea altora. |
#4887
Publicat: 30 iunie 2017 - 20:42
mdionis, on 30 iunie 2017 - 19:08, said:
Este insa adevarat ca enuntul nu straluceste prin claritate si trebuie citit cu atentie pentru a intelege cerinta in mod corect. |
#4888
Publicat: 30 iunie 2017 - 21:52
takemeintoyourskin, on 30 iunie 2017 - 20:42, said: Ar fi trebuit un n<=p , pentru n ap [p+1,2p] nu mai merge rationamentul de mai sus. Sunt curios daca enuntul ar fi fost n>p cum s-ar fi rezolvat, ca tot se vorbeste despre o alta abordare. De aceea ziceam ca enuntul nu straluceste prin claritate: prima fraza pare sa sugereze ca n ar fi fixat sau ca macar ar lua niste valori anume. Banuiesc ca exprimarea laconica din enunt a fost gandita pentru a evita orice referire la notiunea de "functie" care ar fi putut sa deranjeze la nivel de clasa a V-a. Profesorul ar fi putut totusi incepe astfel: "Pentru orice numar natural nenul n definim numarul natural notat cu an = 2017.....2017 in care cifrele "2017" se repeta exact de n ori". Eventual putea preciza pentru claritate "a1 = 2017, a2 = 20172017 si asa mai departe". Apoi prima fraza din solutie este certata cu limba romana, verbul "este" nu avea ce cauta acolo. Ar fi trebuit sa inceapa "Sa consideram un numar prim oarecare p > 5 si multimea de numere Mp = { a1, a2, ..., ap } = { 2017, 20172017, 201720172017, ... , 20172017...2017 }. Vrem sa aratam ca cel putin un element al lui Mp se divide cu p. Sa presupunem prin absurd ca niciunul dintre elementele lui Mp nu se divide cu p. Asadar numerele a1, a2, ... ". In fine, cine se straduieste sa descifreze sensul, ajunge la raspuns. Editat de mdionis, 30 iunie 2017 - 22:17. |
|
#4892
Publicat: 02 iulie 2017 - 09:34
carbaSTAN, on 02 iulie 2017 - 09:05, said:
problema e o prostie inventata de un ,,,, . Quote pentru orice numar de forma aia exista numarul 2017 care e prim si care divide numarul an. Continui sa citesti eronat si de data aceasta nu e vina enuntului fiindca acolo scrie clar "Pentru oricare p [...]", nicidecum "pentru oricare n". Nu trebuie sa gasesti un numar prim care sa divida un an oarecare ci un numar de forma an care sa se divida cu un numar prim oarecare p > 5. Parcursul nu este an -> p ci p -> n -> an. |
Anunturi
▶ Utilizatori activi: 1
0 membri, 1 vizitatori, 0 utilizatori anonimi