Chirurgia spinală minim invazivă
Chirurgia spinală minim invazivă oferă pacienților oportunitatea unui tratament eficient, permițându-le o recuperare ultra rapidă și nu în ultimul rând minimizând leziunile induse chirurgical. Echipa noastră utilizează un spectru larg de tehnici minim invazive, din care enumerăm câteva: endoscopia cu variantele ei (transnazală, transtoracică, transmusculară, etc), microscopul operator, abordurile trans tubulare și nu în ultimul rând infiltrațiile la toate nivelurile coloanei vertebrale. www.neurohope.ro |
Probleme matematică
#2665
Posted 18 March 2014 - 12:10
Si unde scrie ca functia e continua?
Reformulez: concluzia ca functia e continua e gresita. Edited by f300, 18 March 2014 - 12:11. |
#2666
Posted 18 March 2014 - 12:21
Funcția f are limite finite în orice punct c din [a,b], deci limita = f( c ), de unde f este continuă.
Am completat mesajul de mai sus. Edited by namespace, 18 March 2014 - 12:21. |
#2667
Posted 18 March 2014 - 12:23
f300, on 18 martie 2014 - 12:10, said:
Si unde scrie ca functia e continua? Reformulez: concluzia ca functia e continua e gresita. Iata si contraexemplul cel mai interesant aici: a = -1, b = 1, f(1/n) = 1/n pentru n in N* si f(x) = 0 in rest. f nu este continua in 1/n insa are limita in orice punct al sau. namespace, on 18 martie 2014 - 12:21, said: Funcția f are limite finite în orice punct c din [a,b], Concluzia nu rezulta de nicaieri. Edited by mdionis, 18 March 2014 - 12:26. |
#2668
Posted 18 March 2014 - 12:28
Orice functie continua cu una dintre valori modificata e un contraexemplu in sensul asta.
namespace, on 18 martie 2014 - 12:21, said:
Funcția f are limite finite în orice punct c din [a,b], deci limita = f( c ), de unde f este continuă. Am completat mesajul de mai sus. |
#2669
Posted 18 March 2014 - 14:00
In enunt este vorba despre limite laterale finite in orice punct.
|
#2670
Posted 18 March 2014 - 14:09
E o extindere a problemelor fct continue pe portiuni.
Pentru restrangere demonstrati ca o fct f continua pe un int [p,q] mai putin un pct c din [p,q] dar cu limite laterale finite in c este integrabila pe [p,q]. Apoi [a,b] poate fi scris ca o reuniune nenumarabila de intervale de forma de mai sus. Asta e prima idee care mi-a venit in minte. Edited by vidmaker, 18 March 2014 - 14:15. |
#2671
Posted 18 March 2014 - 14:20
am si eu ceva interesant : Demonstrati ca, daca se construiesc triunghiuri echilaterale în exterior (sau in interior) pe laturile unui triunghi oarecare, atunci centrele lor sunt varfurile unui triunghi echilateral, astept cele mai neconventionale rezolvari
Edited by takemeintoyourskin, 18 March 2014 - 14:20. |
#2672
Posted 18 March 2014 - 14:55
Xenon2006, on 18 martie 2014 - 14:00, said:
In enunt este vorba despre limite laterale finite in orice punct. În acest caz se validează ceea ce am scris mai sus: f continuă pe [a,b]. mdionis, on 18 martie 2014 - 12:23, said:
Iata si contraexemplul cel mai interesant aici: a = -1, b = 1, f(1/n) = 1/n pentru n in N* si f(x) = 0 in rest. f nu este continua in 1/n insa are limita in orice punct al sau. Vă referiți mai exact la funcția f:[-1,1]→ℝ, f(x) = 1/x, pentru x nenul și f(x) = 0 în rest? Dacă da, atunci avem limitele laterale în 0 diferite și infinite, ceea ce contrazice enunțul. |
#2673
Posted 18 March 2014 - 15:10
- nu, NU se "valideaza" f continua
- f(x) =1/x nu e totuna cu f(1/n)=1/n (care are evident limita 0 in 0). |
#2674
Posted 18 March 2014 - 15:12
f e continua intr-un pct daca si numai daca limitele laterale in acel punct exista, sunt finite si egale
|
|
#2675
Posted 18 March 2014 - 15:16
Incorect, functia e continua daca limitele sint egale cu valoarea functiei in punctul respectiv (si implicit si intre ele si finite).
|
#2676
Posted 18 March 2014 - 15:16
Și eu ce am scris? Din ce spune enunțul, se demonstrează că f este continuă, cu oricare punct c în [a,b] să avem fs( c ) = fd( c ) = f( c ) finite.
Edited by namespace, 18 March 2014 - 15:18. |
#2677
Posted 18 March 2014 - 15:24
correct f300, multumesc de completare
f:[0,1]->R, f(x) = 1 dc 0 <= x < 0.5 si f(x) = 2 dc 0.5 < x <= 1, f(0.5) = 3; are limite laterale finite in 0.5? da; e continua in 0.5? nu fs(0.5) = 1, fd(0.5) = 2, f(0.5) = 3 |
#2678
Posted 18 March 2014 - 15:43
#2679
Posted 18 March 2014 - 15:53
Xenon2006, on 18 martie 2014 - 15:24, said:
f:[0,1]->R, f(x) = 1 dc 0 <= x < 0.5 si f(x) = 2 dc 0.5 < x <= 1, f(0.5) = 3; are limite laterale finite in 0.5? da; e continua in 0.5? nu fs(0.5) = 1, fd(0.5) = 2, f(0.5) = 3 Știm că dacă f este continuă pe [a,b] cu excepția unui număr finit de puncte de discontinuitate de speța I, atunci f este integrabilă pe [a,b]. Pe [0,1/2) și (1/2,1], funcția este constantă, deci continuă, iar în punctul x0 = 1/2, avem discontinuitate de prima speță, deci, conform celor de mai sus, f este integrabilă pe [0,1]. Edited by namespace, 18 March 2014 - 15:58. |
|
#2680
Posted 18 March 2014 - 15:55
Bravos, tocmai ai facut demonstratia pe un caz particular.
|
#2681
Posted 18 March 2014 - 17:56
namespace, on 18 martie 2014 - 14:55, said:
Vă referiți mai exact la funcția f:[-1,1]→ℝ, f(x) = 1/x, pentru x nenul și f(x) = 0 în rest? Dacă da, atunci avem limitele laterale în 0 diferite și infinite, ceea ce contrazice enunțul. Evident, nu ma refer la aceea. Mi se pare ca N* = {1,2,3,4,...} este o multime extrem de bine definita. f(x) este 0 a.p.t. cu exceptia punctelor de forma 1/n unde face 1/n, cu n in N*. Si este un contraexemplu excelent pentru orice incercare plecand pe un drum gresit. |
#2682
Posted 19 March 2014 - 01:56
takemeintoyourskin, on 18 martie 2014 - 14:20, said: am si eu ceva interesant : Demonstrati ca, daca se construiesc triunghiuri echilaterale în exterior (sau in interior) pe laturile unui triunghi oarecare, atunci centrele lor sunt varfurile unui triunghi echilateral, astept cele mai neconventionale rezolvari Nu cred ca propunerea mea e cine stie ce neconventionala. tr_ekil.gif 20.85K 17 downloads Dat fiind ca <IAC = <BAG = 30°, avem AI = b*sqrt(3)/4, AG = c*sqrt(3)/4 si in triunghiul IAG teorema cosinusului furnizeaza IG2 = AI2 + AG2 - 2*AI*AG*cos(A+60°) = (3/4)*(b2 + c2 - b*c*cos( A ) + sqrt(3)*b*c*sin( A ) ) = [teorema sinusului] = 3*R2*( sin2( B ) + sin2( C ) - sin( B )*sin( C )*cos( A ) + sqrt(3)*sin( A )*sin( B )*sin( C ) ) ceea ce se poate scrie dupa cateva manipulari de rutina ca IG2 = 3*R2*( sin2( A ) + sin2( B ) + sin2( C ) - cos( B )*cos( C )*cos( A ) + sqrt(3)*sin( A )*sin( B )*sin( C ) - 1 ) expresie simetrica/invarianta la permutarile lui A, B si C, de unde rezulta ca si celelalte laturi (GH si HI) sunt furnizate de aceeasi formula obtinuta aici si sunt deci egale intre ele. Edited by mdionis, 19 March 2014 - 01:58. |
Anunturi
▶ 0 user(s) are reading this topic
0 members, 0 guests, 0 anonymous users